一套幫助你理解C語言的測試題

做完這套測試題你的C語言理解會更深刻
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在這個網站(http://stevenkobes.com/ctest.html)上發現一套很有趣的C語言測試題,如果你招聘C語言相關開發人員,或者正在學習C語言,很值得做一做。

如果沒有做,下面內容暫時不要看,最好自己先完成一遍。

OK,假設你做的答案沒有完全正確,那你可以繼續看下去了,否則,后面內容對你來說就是小菜一碟,不值得看。

第一題:

#include <setjmp.h>
static jmp_buf buf;
int main(void)
{
	volatile int b = 3;
	if (setjmp(buf) != 0)
	{
		printf("%dn", b);
		exit(0);
	}
	b = 5;
	longjmp(buf, 1);
}

輸出結果為A)3 B)5 C)0 D)都不是

答案為B,也就是輸出5。

關鍵點在于理解setjmp以及longjmp,(http://en.wikipedia.org/wiki/Setjmp.h )第一次運行到setjmp,會設置jmp_buf,然后返回0。當調用longjmp時,會把longjmp里面的非0值作為setjmp的返回值返回(如果longjmp的value參數為0,setjmp恢復后返回1,也就是當恢復到setjmp存儲點的時候,setjmp一定不會返回0)。

setjmp-longjmp組合的用處類似于游戲中的存盤讀盤功能,經常被用于類似C++的異?;謴筒僮?。

第二題:

struct node
{
	int a;      
    int b;      
    int c;
};
struct node s = { 3, 5, 6 };
struct node *pt = &s;
printf("%dn", *(int*)pt);

返回結果為3,這個算是比較簡單,pt為指向結構s的指針,然后將pt轉換為int指針,進行dereference,取出一個int值,那就是結構中第一個數。

我們將題目改動一下,如下代碼:

struct node
{
	char a;   
    char b;  
    short c;   
    int d;
};
struct node s = { 3, 5, 6, 99 };
struct node *pt = &s;
printf("%Xn", *(int*)pt);

需要注意的是一般32位C編譯器都認為char是8bit,short是16bit,int為32bit,所以node在內存中應該正好是對齊的,也就是abc這幾個成員之間沒有空隙。最終結果應該為60503,如果不是,歡迎你告訴我你具體的編譯環境以及硬件配置。

第三題:

int foo(int x, int n){
	int val = 1;
	if (n > 0)
	{
		if (n % 2 == 1) val *= x;
		val *= foo(x * x, n / 2);
	}
	return val;
}

這道題其實最簡單的辦法就是在紙上做一個推演計算,一步一步跑一下,就能得到答案了,這里面沒有任何復雜的C語言概念。

第四題:

int a[5] = { 1, 2, 3, 4, 5 };
int *ptr = (int*)(&a + 1);
printf("%d %dn", *(a + 1), *(ptr – 1));

這道題考的其實是指向數組的指針,&a是一個隱式的指向int [5]數組的指針,它和int* ptr是不一樣的,如果真要定義這個指針,應該是int (*ptoa)[5]。所以ptoa每一次加一操作都相當于跨越int a[5]的內存步長(也就是5個int長度),也就是說&a + 1其實就是指向了a[5]這個位置,實際上內存里面這個位置是非法的,但是對ptr的強制轉換導致了后面ptr-1的內存步長改為了1個int長度,所以ptr-1實際指向了a[4]。至于*(a+1)沒什么好說的,值就是2。

第五題:

void foo(int[][3]);
int main(void)
{
	int a[3][3] = { {1, 2, 3}, {4, 5, 6}, {7, 8, 9} };
	foo(a);
	printf("%dn", a[2][1]);
	return 0;
}
void foo(int b[][3])
{
	++b;
	b[1][1] = 9;
}

其實和前一題有異曲同工之妙,++b的步長實際上是3個int,也就是++b運算以后,b指向{4,5,6}這個數組的開始,而b[1]就是{7,8,9}, b[1][1]實際上就是8這個值也就是main函數中的a[2][1].

第六題:

int a, b, c, d;
a = 3;
b = 5;
c = a, b;
d = (a, b);
printf("c=%d  ", c);
printf("d=%dn", d);

這個其實有兩個C語言知識點,一個是等號操作符優先級高于逗號操作符,另一個是逗號操作符相當于運算逗號前半部后半部的表達式,然后返回后半部表達式的值。所以c等于a(先計算等號),而d等于b(逗號表達式返回b)。

第七題:

int a[][3] = {1, 2, 3, 4, 5, 6};
int (*ptr)[3] = a;
printf("%d %d ", (*ptr)[1], (*ptr)[2]);
++ptr;
printf("%d %dn", (*ptr)[1], (*ptr)[2]);

依然是2維數組相關題目,ptr為指向int [3]數組的指針,首先指向a[0],所以(*ptr)[1], (*ptr)[2]就是a[0][1], a[0][2].然后++ptr,相當于ptr指向了a[1],這時得到的是a[1][1],a[1][2],所以結果就是2,3, 5, 6。

第八題:

int *f1(void)
{
	int x = 10;   return &x;
}
int *f2(void)
{
	int *ptr;   *ptr = 10;   return ptr;
}
int *f3(void)
{
	int *ptr;   ptr = malloc(sizeof *ptr);   return ptr;
}

這里考的是返回一個指針的問題,一般來說返回指針的函數,里面一定有malloc之類的內存申請操作,傳入指針類型,則是對指針指向的內容做修改。如果想修改指針本身,那就要傳入指針的指針。

第九題:

int i = 3;   int j;
j = sizeof(++i + ++i);
printf("i=%d j=%dn", i, j);

這道題考的內容其實就是sizeof,如果計算表達式,那么表達式是不會做計算的,也就是不管加加減減,sizeof就是針對i計算大小。在32位機器上,這個j應該為4。

我將代碼擴展了一下,看看大家能不能想到結果:

short m;    int n;     double dn;
int j = sizeof ( m + n);
int k = sizeof ( n + n);
int l = sizeof ( m);
int l2 = sizeof (m * m);
int l3 = sizeof (m + dn);
int l4 = sizeof (m + m);

第十題:

void f1(int*, int);
void (*p[2])(int*, int);
int main(void)
{
	int a = 3;
	int b = 5;
	p[0] = f1;
	p[1] = f1;
	p[0](&a, b);
	printf("%d %d ", a, b);
	p[1](&a, b);
	printf("%d %dn", a, b);
	return 0;
}
void f1(int *p, int q)
{
	int tmp = *p;   *p = q;   q = tmp;
}

函數指針的數組p勉強算是一個知識點,另外一個知識點就是第八題提到的,對于int q這樣的參數,是不會修改其內容的。而*p則可修改p指向的內容。

第十一題:

void e(int);
int main(void)
{
	int a = 3;
	e(a);
	putchar('n');
	return 0;
}
void e(int n)
{
	if (n > 0)
	{
		e(–n);
		printf("%d ", n);
		e(–n);
	}
}

這道題自己debug一下就完全明白了,主要知識點就是遞歸調用,另外前置后置自減操作的返回值問題。

第十二題:

typedef int (*test)(float*, float*);
test tmp;

也是經常出現的一類題,對復雜的指針定義做解析,實際上K&R里面(5.12)也有介紹該如何解讀。不熟悉的朋友可以試著練習練習標準庫中的bsearch,qsort以及signal函數。

第十三題:

char p;
char buf[10] = {1, 2, 3, 4, 5, 6, 9, 8};
p = (buf + 1)[5];
printf("%dn", p);

也就是p實際指向*(buf + 1 + 5),寫的更詭異一些就是p=5[buf +1];也是同樣結果。

第十四題:

類似十三題,也是把數組弄得有些詭異,(p += sizeof(int))[-1];相當于*(p + sizeof(int) + (-1))。

第十五題:

int ripple(int n, …)
{
	int i, j, k;
	va_list p;
	k = 0;
	j = 1;
	va_start(p, n);
	for (; j < n; ++j)
	{
		i = va_arg(p, int);
		for (; i; i &= i – 1)
		++k;
	}
	return k;
}
int main(void)
{
	printf("%dn", ripple(3, 5, 7));
	return 0;
}

這道題也是兩個知識點,一個是可變參數函數定義以及如何實現,va_arg會把5,7依次取出來。另一個知識點是i &= i-1,實際上是計算了i二進制形式中1的個數,每次計算都會消減掉最低有效位上的1。比如7二進制表示為111。i &= i –1的計算結果依次為110,100, 000 (也就是0)。在hacker's Delights這本書里介紹了很多類似技巧。

第十六題:

int counter(int i)
{
	static int count = 0;
	count = count + i;
	return count;
}
int main(void)
{
	int i, j;
	for (i = 0; i <= 5; i++)  j = counter(i);
	printf("%dn", j);
	return 0;
}

只要了解靜態局部變量的真正內涵,這道題就是小菜啦。

本文地址:http://www.824886.live/librarys/veda/detail/775,歡迎訪問原出處。

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http://www.824886.live/librarys/veda/detail/775

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